不等式的证明(分析法)
1、设a0,b0,P
ab
2,Qab,则P与Q的大小关系是() A、PQB、PQC、PQD、PQ
2、已知xlg(a
21a),ylga2
1a),则x与y的大小关系是() A、x>yB、x
3、若ab1,Pgalgb,Q
1a2(lgalgb),Rlg(b
2),则() A、R
4、已知a
2,b,c5,则a,b,c从小到大的顺序是。
5、求证:log
323
26、已知a0,求证:aa3a1a
27、已知xr.0,a0,求证:11axar
8、已知x0,y0,求证:(1x)(1y)1xy
9、已知ab0,求证:abab
bab
10、若a1,b1,求证:1ab
ab
111、已知a,b,c都为正数,求证:lgab2lgbc2lgca
2lgalgblgc
)(
212、设12(1,2,1,2均为正数,且121,求证:(1122)12) 1241
213、已知a
2b2
1,,x2
y2
1,求证:axby1。(用比较法,综合法,分析法,三角换元
法证明)
14、设a,b为直角三角形的两直角边的长,c为斜边的长,m,n为任意系数,求证:
axby
1manbm
2n
2c
参考答案
1、D
2、C
3、B
4、c
例1 已知,求证:.
证明 ∵
∴,当且仅当时等号成立.
点评 在利用差值比较法证明不等式时,常采用配方的恒等变形,以利用实数的性质例2 已知均为正数,求证. .
分析 由于所证不等式两端都是幂和积的形式,且
证明
这时为不等正数,不失一般性,设,. 为正数,可选用商值比较法. ,
.
由指数函数的性质可知
,,
所以
即
例3 已知
求证:. . , .
分析 不等式的左端是根式,而右端是整式,应设法通过适当的放缩变换将左式各根式的被开方式转化为完全平方式.
证明 ∵
∴, .
即.
两边开方,得.
同理可得三式相加,得.. .
例4 设,求证:
分析 当所证结论在形式上比较繁杂时,一般都可采用分析法.
证明 要证明
只要证
因为, ,
故只要证
由于函数故只要证
即证
只要证
即证
在上是减函数, ,
这是显然成立的,故原不等式成立.
点评 分析法是一种不断探求要证明不等式成立的充分条件的方法,表述证明过程时应予以注意.例5 已知都是正数,求证:
(1)
(2)
分析 用综合法证明.
证明 (1)∵
都是正数,则,
∴
∴
,
即
(2)∵
都是正数,则 ,
点评
变形.
例6
证明
点评
∴
用不等式的平均值定理证明不等式时,要注意定理的条件,还要注意为运用定理而作出的适当已知,且, 求证:(1);(2) (1)∵
,∴
(2)
其中的放缩是以给出的条件或已证结果被运用作为思考的目标. 3
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高一数学【学案】第二章《不等式—*不等式的证明》
§*2.5.2不等式的证明(2)—分析法和综合法
1.掌握用比较法证明简单不等式; ...
2.掌握用分析法证明简单不等式
. ...
问1什么是分析法?如何运用分析法证明不等式?
问2什么是综合法?如何运用综合法证明不等式?
[*分析法]
例1(人教B版选修4-5P22例4)
例2(P47例2)用分析法证明:
已知xy
- 9022
例8(人教B版选修4-5P21例2)
已知a,b,c为正数,求证:
a3b3c3
(1)abc;3
当且仅当abc时等号成立.(2
)abc3
例9(人教B版选修4-5P21例2)
已知abc1,xyz1,求证:axbycz1. 222222
111例10已知:a,b,c同号且互不相等,abc1.求证:9. abc
1. 用综合法证明:如果a,b为正数,则ab
1ba4. abab
- 92 -
x212. 用综合法证明:如果x为实数,则. 41x2
3. 用分析法证明:如果a,b为正数,且a
b,则
2ab. ab
a214. 用分析法或综合法证明:121. a1
5.
2
a2b2b2c2c2a2
abc. 6. 设a,b,c为正数,求证:abc
7. 已知a0,b0,求证:ababab.
- 93 - 553223
耿杰
(安徽师范大学
数学与应用数学专业
0707046)
摘要:本文主要应用数学分析中的单调性,微分中值定理,Taylor公式,凸函数的定义,极值,极限以及积分等的相关知识来证明不等式,同时也通过应用一些著名的不等式证明不等式。通过以上方法的应用使我们对不等式证明的相关知识有更加深刻系统的理解,从而为数学中许多其他内容的学习提供了一个重要工具。
关键词:数学分析
不等式
证明
方法
The mathematical analysis of several methods to testify
inequality
Gengjie (Anhui normal university mathematics and applied mathematics
professional 0707046)
Abstract: In this paper, Monotonicity, differential mid-value theorem, Taylor formula, convex function is defined, extremum, limit and integral related knowledge to testify inequality,also through the application of some famous inequation inequality. Through the above application of this method to make the inequation relevant knowledge more profound understanding of the system,thus for mathematics in many other content of study provides an important tool.
Key words:Mathematical analysis
Inequation
Method
1.引言
不等式是数学分析的基本内容之一,它是研究许多数学分支的重要工具。在数学领域中占有重要的地位,也是各个时期的数学教材的重要组成部分,在各种考试和竞赛中都有举足轻重的地位。不等式的证明变化大,技巧性强,方法也较多。通过不等式的证明,不仅可以检验基本的数学知识的掌握程度,而且也是衡量数学水平的一个重要标志。因此,掌握一些基本的证明不等式的方法是十分重要也是十分必要的。下面将对不等式的证明方法进行总结。
2.利用单调性证明不等式
利用函数的单调性证明不等式是一种较为重要的方法,同时又是一种行之有效的方法。
要点:若f(x)0(或f(x)0),则当x1x2时,有f(x1)f(x1)f(x2))。反之,若f(x)0(或f(x)0),则当x1x2f(x1)f(x2)(或f(x1)f(x2))。由此便可获得不等式。
f(x2)(或
时,有
ab例2.1 证明:
证明:记f(x)1aba1ab1b
11xx1x,则f(x)1(1x)20,所以f(x)在定义域内单调递增函数。又由于abab1abab可知
ab1aba1abb1aba1ab1b
例2.2 设bae,证明:ab分析:要证abbaba
lnaalnbb,只需证blnaalnb,也即证,则f(x)1lnxx2
证明:记f(x)即f(x)xlnxxlnx,所以当xe时,f(x)0;
lnaalnbb在时是单调减函xe数。又由于bae,所以ba
,即证ab 。
3.利用微分中值定理证明不等式
用微分中值定理来证明不等式要熟记各个中值定理的应用条件,将原不等式通过变形找到一个辅助函数使其满足中值定理条件,证明的关键是处理好点,分析函数或其导数在该点的性质即可证明得到结论。
要点:如果函数f(x)在区间a,b上连续,在开区间a,b内可导,那么在a,b内至少存在一点,使得f(x)(1)当f(a)0,在a,b内f(x)0f(b)f(a)babaf(a)f()(xa)。由此可得0时,有f(x) x(a,b]). (2)在上述条件下,有有f(a)f(),其中ab。因此,若f(x)单调递减,f(b)f(a)f(b)。以上原理在证明不等式时经常采用。
例3.1 设0x1,x2,平,p,q是正整数,pq1,证明:psinx1qsinx2sin(px1qx2)。
证明:当x1x2时,不等式两边都等于sin设x1x2,为确定起见,设x1x2x1,因而等号成立。
,记x3px1qx2,由于pq1,故x3x1q(x2x1)x1。同理x3x2。
将原不等式改写为psinx1qsinx2(pq)sinx3,即q(sinx2sinx3)p(sinx3sinx1)。令f(x)qsinx,g(x)psinx,则f(x)qcosx,g(x)pcosx。根据积分中值定理:
q(sinx2sinx3)qcos1(x2x3)qcos1(xpx1qx2)=pq(x2x1)cos1;
p(sinx3sinx1)pcos2(x3x1)pcos2(px1qx2x1)=pq(x2x1)cos2。其中0x12x31x2cos1cos2。所以原不等式得证。
,因而
4.利用Taylor公式证明不等式
依据f(x)的情形,使其按照Taylor公式展开,然后根据已知条件来进行证明不等式。
要点:若f(x)在a,b上有连续n阶导数,则f(a)f(n1)(a)0,f(n)(x)0(当x(a,b)时)。则f(x)f(n)()n!(xa)0(当x(a,b]时)。利用此原理,可以对一些不等式n进行证明。
例4.1 证明:
tanxxxsinx,x(0,2)
, 证明:原式等价于f(x)sin2xtanxx0,因为f(0)f(0)02f(x)sinx(5secx1)bsin3xsecx0,所以f(x)sinxtanxx0
42(当x(0,2)时)。故tanxxxsinx,x(0,2)。
5.利用凸(或凹)函数的定义来证明不等式
利用函数的凸凹性来对不等式进行证明的方法首要是找到辅助函数f(x),利用辅助函数f(x)在区间a,b上的二阶导数来判定f(x)的凸凹性,然后根据凸函数或凹函数的性质来进行这证明。
要点:若f(x)0,则函数f(x)为凸函数即x1,x2a,b,(0,1),有f(x1(1)x2)f(x1)(1)f(x2)。
若f(x)0,则函数f(x)为凹函数即x1,x2a,b,(0,1),有f(x1(1)x2)f(x1)(1)f(x2)。
例5.1 证明:xlnxylny(xy)lnxy2,(x0,y0,xy)1t0,所以
证明:令f(t)tlnt(t0),f(t)lnt1,f(t)1xy)也即 是严格凸函数。于是[f(x)f(y)]f(f(t)tlnt在(0,)221xyxyxy[f(x)f(y)]ln即xlnxylny(xy)ln故得证。 2222类似的我们也可证明:
ee2xyxye2,(xy)
6.用求极值的方法证明不等式
用求极值的方法来证明不等式最重要的也很就是构造相关函数,然后判断该函数的极值,这是证明不等式的一个最基本的方法。
要点:要证明f(x)g(x),只需求函数F(x)也就是证明minF(x)0。
f(x)g(x)的极值,
例6.1 设n为自然数,试证:
证明:原始可转化为1(1t2et(1tn)nt2ne(当tn时)t。
tn)ett2n。所以只需证明
f(t)n2tn[1(1ttntn))e]0(tn),ntn1f(t)te[(1tn)n1(1)(1tn)]=
ntn[2e(1ttn)n1故我们用]。表示方程
2e(10的根。则极值的可疑点为t0,t,及tn。但[1(1f(0)0,f()2nn)e]=
n2n[12(1n)](1n)2n22(n1)0,
f(n)n10,f(). 由此f(t)min所以问题f(t)f(0)0(tn时)。即得证。
类似的我们也可证明:设aln21为任意常数,试证:x2ax1e(当x0时) 2x
7.利用单调极限证明不等式
利用单调极限来证明不等式主要的是求函数在某一点的极限值,然后根据单调函数的性质来进行判断。
要点:若xb时,f(x)在定义域上是单调增函数(或严格单调增函数),且xb0时f(x)A,则f(x)A(当xb)(或f(x)。A(当xb))反之,对于递减或严格递减的函数,也有类似的的结论。利用该原理可以来证明一些不等式,从而使证明过程简洁易懂。
例7.1 证明:x0,tx时,et(1tx)0。
x
证明:当t0或tx时不等式显然成立。故只需证明t0,tx,t0的情况。为此,我们只需证明当x时,f(x)(1事实上:
(1)当t0,t0,tx时,[lnf(x)][ln(1tx)]x[xln(1xtn)ext即可。
tx)]x=ln(xt)lnxtxt(应用Lagrange公) 式)=
tttxttxttxt
(
0
当0tx时,0xtx.当t0时,0xxt.
tx)xt(2)
f(x)(1tnxxlim(1tx)lim[(1xx]tet. 所以当x时,)et。故原不等式即得证。
8.利用被积函数的不等式证明不等式
利用定积分定义来证明一些不等式是一种十分有效的手段,可以将原来较为复杂的证明转化为较为简洁易懂的证明。下面将利用积分的相关性质来证明不等式。
要点:若f(x)g(x)(或f(x)g(x)),则有baf(x)dxbag(x)dx(或f(x)dxa1bbag(x)dx),(x(a,b))。
1例8.1 证明:0cosx1x2dx1sinx1xcosx1xsinx1x222dx0
证明:令tarcsinx,则
0dx20cos(sint)dt
令tarccosx,则 01dx20sin(cost)dt要证的不等式转化为02cos(sint)dt20sin(cost)dt。所以我们只需证 cos(sint)sin(cost)
(当t(0,2)时)。由已知(0,2)上sinxx,cosx严格递减。所以有sin(cost)costcos(sint)。即证原不等式1cosx1x20dx1sinx1x20dx。
9.在不等式两端取变限积分证明新的不等式
利用在不等式两端取变限积分来证明不等式,此种方法要求较高,技巧性太强,难度较大。但对于一些不易证明的不等式应用此种方法则较为简便。
要点:若f(x)g(x)(或f(x)g(x)),则有baf(x)dxbag(x)dx(或f(x)dxabbag(x)dx),(x(a,b))。
例9.1 证明:x0时,
xx36sinxxx36x5120。
)。在此式两端同证明:已知cosx1 (x0,只有x2n时等号才成立xx时取0,x上的积分,得sin1cosxx2
(x0)。再次取0,x上的积分,得
x32
(x0)。即可得到xxxx36sinx
(x0)。然后继续取0,x上的积分,得sinx36x5120。移项即可得所要证明的不等式:
x6sinxxx36x5120。
10.利用著名的不等式证明其他不等式
利用著名的不等式证明其他不等式要求我们应熟悉掌握数学分析中的一些常用的不等式,掌握了这些不等式我们可以利用他们来直接对其他一些难度较大不等式进行证明。此种方法对学生要求较高,难度也较大,技巧性更强。
要点:Cauchy不等式:设ai,bi为任意实数(i1,,n)则n(aibi)i12ab,其中当且仅当a,b成比例时等号才成立。 22iiiinni1i1 Schwarz不等式:若f(x),g(x)在(a,b)上可积,则(f(x)g(x)dx)ab2baf(x)dxg(x)dxa2b2。若f(x),g(x)在(a,b)上连续,其中等号当且仅当存在常数,使得f(x)g(x)时成立(,不同时为零)。
Holder不等式:设a1,a2,,an及b1,b2,,bn是两个正整数序列,1p1q1,则当p1时,有(ai)(bi)ppqqi1i1n1n1ab当p0时,不等号
iii1n反向。其中当且仅当aip和biq成比例时取等号。
平均不等式:对任意n个实数ai0n(i1,2,,n)恒有ana1a2ana1a2ann。其中当且仅当a1a2b时等号成立。 为任意实数,
例10.1 已知f(x)0,在[a,b]上连续,a求证:(abf(x)dx1,kf(x)coskxdx)(f(x)sinkxdx)1。
22ab证明:所要证明的式子的左端第一项应用 Schwarz不等式
(f(x)coskx)[ab2baf(x)(2f(x)coskx)dx]2
(1)
同理可得 babaf(x)dxf(x)coskxdxa2bbaf(x)coskxdx2(f(x)sinkxdx)baf(x)sinkxdxb2
(2)
2b2a(1)+(2)得:(af(x)coskxdx)(f(x)sinkxdx)1。即得证。
总结
不等式是数学分析中的一个重点也是一个难点,也能为其他数学分支的学习提供一个重要工具。不等式的证明是数学领域的重要内容,也是学习中的一个难点。不等式作为一个系统,其内容较为复杂,其的证明方法也较多,以上只是简要介绍了不等式证明的几种常用方法,并用例题作一讲解,意在抛砖引玉。
参考文献:
[1]裴礼文.数学分析中的典型问题与方法.北京:高等教育出版社.2006. [2]贺彰雄.不等式证明的几种常见方法.湖北教育学报,2007,10(1):10-20.
[3]王晓峰,李静.证明不等式的若干方法.数理医药学杂志.2008.12(1):12-20. [4]张锦来.微分法在不等中的应用.新乡教育学报.2008.10(2):12-20. [5]郭要红,戴普庆.中学数学研究.安徽:安徽教育出版社.
Xupeisen110高中数学
教材:不等式证明三(分析法)
目的:要求学生学会用分析法证明不等式。
过程:
一、介绍“分析法”:从求证的不等式出发,分析使这个不等式成立的充分条件,
把证明不等式转化为判定这些充分条件是否具备的问题。
二、 例
一、求证:372
5证:
5)
22xy
32∵x2y22xyxy成立 3只需证:x2y2
∴ (xy)(xy) 22312133
证二:(综合法)∵(x2y2)3x6y63x2y2(x2y2)x6y66x3y3
1x6y62x3y3(x3y3)2
∵x > 0,y > 0, ∴(xy)(xy) 22312133
例
三、已知:a + b + c = 0,求证:ab + bc + ca ≤ 0
证一:(综合法)∵a + b + c = 0∴(a + b + c)2 = 0
a2b2c2展开得:abbcca
2例
四、l, 2
l周长为l的正方形边长为,截面积为 442
2ll问题只需证:> 24
l2l2
即证:2>16422
两边同乘
411 ,得:24l2
因此只需证:4 > (显然成立)
ll∴ > 也可用比较法(取商)证,也不困难。 24
三、 作业: 22P18练习1—3及习题6.3余下部分
补充作业:
1.已知0 < < ,证明:2sin2cot 2
1cos∵0 < < ∴sin > 0
略证:只需证:4sincossin
2. 已知a >0(成立)3. 设a, b, c4ab4S 即证:2cosC23sinC
即:3sinCcosC2
即证:sin(C)1(成立) 6
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